mysqli probleem na include tweede pagina
links menu (database info) rechts pagina info ook database info.
Nu gebruik ik in beide mysqli query's maar krijg ik bij het laden van het rechter deel foutmeldingen.
Open ik de info pagina los dan gaat dit wel goed, ik ben er al achter dat als ik als query veriabelen q1,q2,q3 gebruik dat het goed gaat maar gebruik ik twee keer q1 dan krijg ik fouten.
Het zal wel te maken hebben met het vrijmaken van de variabelen maar ik kan het probleem zelf niet achterhalen.
index.php
include main.php
include menu.php
menu
Code (php)
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50
51
52
53
54
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50
51
52
53
54
<?php
//
$q1 = "SELECT * FROM menu_cat ORDER BY niveau"; // q1 = Query 1
$r1 = @mysqli_query ($dbc, $q1); // Run the query geeft result 1 (r1)
// Count the number of returned rows:
$num1 = mysqli_num_rows($r1);
if($num1>0) {//If it run OK display records.
while ($row1 = mysqli_fetch_array($r1, MYSQLI_ASSOC)) {
echo $row1['name'] . '<br />';
$id = $row1['id'];
echo $menu_cat;
// Count menu_items for every menu_cat
$q2 = "SELECT * FROM menu_item WHERE menu_item.menu_cat_id = '$row1[id]'";
$r2 = @mysqli_query ($dbc, $q2);
$menu_item = mysqli_num_rows($r2);
$num2 = mysqli_num_rows($r2);
if($num2>0) {//If it run OK display records.
while ($row2 = mysqli_fetch_array($r2, MYSQLI_ASSOC)) {
echo '<a href="' . $row2['url'] . '">' . $row2['name'] . '</a><br />';
// <a href="Toevoegen.php">Toevoegen</a>
}
} else {
echo '';
}
}
} else { // If no records were returned.
echo 'No records';
}
mysqli_close($dbc);
?>
//
$q1 = "SELECT * FROM menu_cat ORDER BY niveau"; // q1 = Query 1
$r1 = @mysqli_query ($dbc, $q1); // Run the query geeft result 1 (r1)
// Count the number of returned rows:
$num1 = mysqli_num_rows($r1);
if($num1>0) {//If it run OK display records.
while ($row1 = mysqli_fetch_array($r1, MYSQLI_ASSOC)) {
echo $row1['name'] . '<br />';
$id = $row1['id'];
echo $menu_cat;
// Count menu_items for every menu_cat
$q2 = "SELECT * FROM menu_item WHERE menu_item.menu_cat_id = '$row1[id]'";
$r2 = @mysqli_query ($dbc, $q2);
$menu_item = mysqli_num_rows($r2);
$num2 = mysqli_num_rows($r2);
if($num2>0) {//If it run OK display records.
while ($row2 = mysqli_fetch_array($r2, MYSQLI_ASSOC)) {
echo '<a href="' . $row2['url'] . '">' . $row2['name'] . '</a><br />';
// <a href="Toevoegen.php">Toevoegen</a>
}
} else {
echo '';
}
}
} else { // If no records were returned.
echo 'No records';
}
mysqli_close($dbc);
?>
main.php
Code (php)
1
2
3
4
5
6
7
8
2
3
4
5
6
7
8
<?php
require_once ('./mysqli_connect.php');
$q1 = "SELECT * FROM klanten_info";
$r1 = @mysqli_query ($dbc, $q1);
$menu_item = mysqli_num_rows($r1);
?>
require_once ('./mysqli_connect.php');
$q1 = "SELECT * FROM klanten_info";
$r1 = @mysqli_query ($dbc, $q1);
$menu_item = mysqli_num_rows($r1);
?>
Gewijzigd op 15/06/2011 16:39:09 door Twan T
Hoe je dat voorelkaar krijgt.
http://www.phphulp.nl/php/tutorial/data-verwerking/foutafhandeling-in-php-error-handling/571/
Verder zorgt @mysql_query ervoor dat eventuele fouten in je Query worden onderdrukt, en je dus geen idee hebt, wat er mis gaat.
Ten slotte:
Welke foutmelding krijg je?
Warning: mysqli_num_rows() expects parameter 1 to be mysqli_result, null given in /customers/xxx.com/xxx.com/httpd.www/xxx/klanten_stats.php on line 6 Klanten overzicht::
Totaal aantal klanten:
Laatst toegevoegde klant:
Laatst gewijzigde klant:
Warning: mysqli_free_result() expects parameter 1 to be mysqli_result, null given in /customers/xxx.com/xxx.com/httpd.www/xxx/klanten_stats.php on line 29 Warning: mysqli_close(): Couldn't fetch mysqli in /customers/xxx.com/xxx.com/httpd.www/xxx/klanten_stats.php on line 30